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转载,原文http://blog.csdn.net/wcyoot/article/details/6426436
题目:两个单向链表,找出它们的第一个公共结点。
如果两个单向链表有公共的结点,也就是说两个链表从某一结点开始,它们的m_pNext都指向同一个结点。但由于是单向链表的结点,每个结点只有一个m_pNext,因此从第一个公共结点开始,之后它们所有结点都是重合的,不可能再出现分叉。所以,两个有公共结点而部分重合的链表,拓扑形状看起来像一个Y,而不可能像X。
看到这个题目,第一反应就是蛮力法:在第一链表上顺序遍历每个结点。每遍历一个结点的时候,在第二个链表上顺序遍历每个结点。如果此时两个链表上的结点是一样的,说明此时两个链表重合,于是找到了它们的公共结点。如果第一个链表的长度为m,第二个链表的长度为n,显然,该方法的时间复杂度为O(mn)。
接 下来我们试着去寻找一个线性时间复杂度的算法。我们先把问题简化:如何判断两个单向链表有没有公共结点?前面已经提到,如果两个链表有一个公共结点,那么 该公共结点之后的所有结点都是重合的。那么,它们的最后一个结点必然是重合的。因此,我们判断两个链表是不是有重合的部分,只要分别遍历两个链表到最后一 个结点。如果两个尾结点是一样的,说明它们用重合;否则两个链表没有公共的结点。
在上面的思路中,顺序遍历两个链表到尾结点的时候,我们不能保证在两个链表上同时到达尾结点。这是因为两个链表不一定长度一样。但如果假设一个链表比另一个长l个结点,我们先在长的链表上遍历l个结点,之后再同步遍历,这个时候我们就能保证同时到达最后一个结点了。由于两个链表从第一个公共结点考试到链表的尾结点,这一部分是重合的。因此,它们肯定也是同时到达第一公共结点的。于是在遍历中,第一个相同的结点就是第一个公共的结点。
在这个思路中,我们先要分别遍历两个链表得到它们的长度,并求出两个长度之差。在长的链表上先遍历若干次之后,再同步遍历两个链表,知道找到相同的结点,或者一直到链表结束。此时,如果第一个链表的长度为m,第二个链表的长度为n,该方法的时间复杂度为O(m+n)。
基于这个思路,我们不难写出如下的代码:
PS:两个有公共结点而部分重合的链表,拓扑形状看起来像一个Y,而不可能像X。即从公共节点开始之后的所有都相同!求出链表长度差,遍历差数目长的链表,之后同步遍历两链表,第一个相同的节点即是结果。
上题是基于两个链表无环考虑的。
1)判断一个链表是否有环。
设置两个指针(fast, slow),初始值都指向头,slow每次前进一步,fast每次前进二步,如果链表存在环,则fast必定先进入环,而slow后进入环,两个指针必定相遇。(当然,fast先行头到尾部为NULL,则为无环链表)
2)确定环入口:
当fast若与slow相遇时,slow肯定没有走遍历完链表,而fast已经在环内循环了n圈(1<=n)。
假设slow走了s步,则fast走了2s步(fast步数还等于s 加上在环上多转的n圈),设环长为r,则:
2s = s + nr
s= nr
设入口环与相遇点距离为x,x<r,起点到环入口点的距离为a.
a = s - x = (n-1)r+ (r-x), 而r-x即为fast再次到环入口点时的步数
由此可知,从链表头到环入口点等于(n-1)循环内环+相遇点到环入口点,于是我们从链表头、与相遇点分别设一个指针,每次各走一步,两个指针必定相遇,且相遇第一点为环入口点。
3)如过两个链表可能有环,如何判断两个链表是否相交?以及找到两个链表的第一个公共点?
如果两个有环的链表相交,那么它们的环必定为公共环。如果交点不在环上,第一个公共点就是第一个交点。但是如果交点在环上,环的入口点不同。那么就以任一环的入口点为第一公共点。
有可能两个链表均有环,但是它们并不相交。
算法:
找到两个链表的环入口。如果有一个为NULL,一个非NULL,一定无交点,返回NULL。
如果均为NULL,变成两个无环链表求交点。
如果均非NULL,则是判断两个有环的链表是否有交点:如果环入口相同,则它们实在分支上相交。否则判断是否能从一个环中找到另一个的入口节点。
题目:两个单向链表,找出它们的第一个公共结点。
如果两个单向链表有公共的结点,也就是说两个链表从某一结点开始,它们的m_pNext都指向同一个结点。但由于是单向链表的结点,每个结点只有一个m_pNext,因此从第一个公共结点开始,之后它们所有结点都是重合的,不可能再出现分叉。所以,两个有公共结点而部分重合的链表,拓扑形状看起来像一个Y,而不可能像X。
看到这个题目,第一反应就是蛮力法:在第一链表上顺序遍历每个结点。每遍历一个结点的时候,在第二个链表上顺序遍历每个结点。如果此时两个链表上的结点是一样的,说明此时两个链表重合,于是找到了它们的公共结点。如果第一个链表的长度为m,第二个链表的长度为n,显然,该方法的时间复杂度为O(mn)。
接 下来我们试着去寻找一个线性时间复杂度的算法。我们先把问题简化:如何判断两个单向链表有没有公共结点?前面已经提到,如果两个链表有一个公共结点,那么 该公共结点之后的所有结点都是重合的。那么,它们的最后一个结点必然是重合的。因此,我们判断两个链表是不是有重合的部分,只要分别遍历两个链表到最后一 个结点。如果两个尾结点是一样的,说明它们用重合;否则两个链表没有公共的结点。
在上面的思路中,顺序遍历两个链表到尾结点的时候,我们不能保证在两个链表上同时到达尾结点。这是因为两个链表不一定长度一样。但如果假设一个链表比另一个长l个结点,我们先在长的链表上遍历l个结点,之后再同步遍历,这个时候我们就能保证同时到达最后一个结点了。由于两个链表从第一个公共结点考试到链表的尾结点,这一部分是重合的。因此,它们肯定也是同时到达第一公共结点的。于是在遍历中,第一个相同的结点就是第一个公共的结点。
在这个思路中,我们先要分别遍历两个链表得到它们的长度,并求出两个长度之差。在长的链表上先遍历若干次之后,再同步遍历两个链表,知道找到相同的结点,或者一直到链表结束。此时,如果第一个链表的长度为m,第二个链表的长度为n,该方法的时间复杂度为O(m+n)。
基于这个思路,我们不难写出如下的代码:
template<typename T> struct ListNode { T data; ListNode* pNext; }; template<typename T> int GetListLength(ListNode<T>* pHead) { int nLength = 0; while(pHead) { ++nLength; pHead = pHead->pNext; } return nLength; } template<typename T> ListNode<T>* FindFirstCommonNode(ListNode<T>* pHead1, ListNode<T>* pHead2) { int nLength1 = GetListLength(pHead1); int nLength2 = GetListLength(pHead2); // 交换两链表,是1为较长的链表 if(nLength1 < nLength2) { ListNode<T>* pTemp = pHead1; pHead1 = pHead2; pHead2 = pTemp; } for(int i = 0; i < nLength1 - nLength2; ++i) { pHead1 = pHead1->pNext; } while(pHead1 && pHead1 != pHead2) { pHead1 = pHead1->pNext; pHead2 = pHead2->pNext; } return pHead1; }
PS:两个有公共结点而部分重合的链表,拓扑形状看起来像一个Y,而不可能像X。即从公共节点开始之后的所有都相同!求出链表长度差,遍历差数目长的链表,之后同步遍历两链表,第一个相同的节点即是结果。
上题是基于两个链表无环考虑的。
1)判断一个链表是否有环。
设置两个指针(fast, slow),初始值都指向头,slow每次前进一步,fast每次前进二步,如果链表存在环,则fast必定先进入环,而slow后进入环,两个指针必定相遇。(当然,fast先行头到尾部为NULL,则为无环链表)
// 判断链表是否有环 template<typename T> bool HasRing(ListNode<T>* pHead) { ListNode<T>* pFast = pHead; ListNode<T>* pSlow = pHead; while(pFast && pFast->pNext) { pSlow = pSlow->pNext; pFast = pFast->pNext->pNext; if(pSlow == pFast) break; } return !pFast && !pFast->pNext; }
2)确定环入口:
当fast若与slow相遇时,slow肯定没有走遍历完链表,而fast已经在环内循环了n圈(1<=n)。
假设slow走了s步,则fast走了2s步(fast步数还等于s 加上在环上多转的n圈),设环长为r,则:
2s = s + nr
s= nr
设入口环与相遇点距离为x,x<r,起点到环入口点的距离为a.
a = s - x = (n-1)r+ (r-x), 而r-x即为fast再次到环入口点时的步数
由此可知,从链表头到环入口点等于(n-1)循环内环+相遇点到环入口点,于是我们从链表头、与相遇点分别设一个指针,每次各走一步,两个指针必定相遇,且相遇第一点为环入口点。
// 判断链表环入口,如果没有环,返回NULL template<typename T> ListNode* FindRingEntrance(ListNode<T>* pHead) { ListNode<T>* pFast = pHead; ListNode<T>* pSlow = pHead; // 先找到相遇点 while(pFast && pFast->pNext) { pSlow = pSlow->pNext; pFast = pFast->pNext->pNext; if(pSlow == pFast) break; } // 一个从起点,一个从相遇点重新遍历,步长相同,当再次相遇时,就是环入口 pSlow = pHead; while(pFast && pFast != pSlow) { pSlow = pSlow->pNext; pFast = pFast->pNext; } return pFast; }
3)如过两个链表可能有环,如何判断两个链表是否相交?以及找到两个链表的第一个公共点?
如果两个有环的链表相交,那么它们的环必定为公共环。如果交点不在环上,第一个公共点就是第一个交点。但是如果交点在环上,环的入口点不同。那么就以任一环的入口点为第一公共点。
有可能两个链表均有环,但是它们并不相交。
算法:
找到两个链表的环入口。如果有一个为NULL,一个非NULL,一定无交点,返回NULL。
如果均为NULL,变成两个无环链表求交点。
如果均非NULL,则是判断两个有环的链表是否有交点:如果环入口相同,则它们实在分支上相交。否则判断是否能从一个环中找到另一个的入口节点。
// 通用的链表求第一公共交点的函数 template<typename T> ListNode<T>* FindFirstCommonNode_2(ListNode<T>* pHead1, ListNode<T>* pHead2) { ListNode<T>* pEntrance1 = FindRingEntrance(pHead1); ListNode<T>* pEntrance2 = FindRingEntrance(pHead2); ListNode<T>* pResult = NULL; if(pEntrance1 == pEntrance2) { ListNode<T>* pTemp1 = NULL, *pTemp2 = NULL; if(pEntrance1) { // 环入口点已经相交,寻找第一交点。 pTemp1 = pEntrance1->pNext; pTemp2 = pEntrance2->pNext; pEntrance1->pNext = NULL; pEntrance2->pNext = NULL; pResult = FindFirstCommonNode(pHead1, pHead2); pEntrance1->pNext = pTemp1; pEntrance2->pNext = pTemp2; } else { // 无环单链表求第一交点 pResult = FindFirstCommonNode(pHead1, pHead2); } return pResult; } else if(pEntrance1 == NULL || pEntrance2 == NULL) { // 一有环,另一个无环,无交点 return NULL; } else { // 入口点不同的两环求交点 pResult = pEntrance1->pNext; while(pResult != pEntrance2 && pResult != pEntrance1) { pResult = pResult->pNext; } return pResult == pEntrance2 ? pResult : NULL; } }
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